我经营着一个网站，供有抱负的作家发布他们的作品。自然地，其中一些写作可能具有“敏感”性质。有时它包含很多脏话，有时它是恶意的，有时它是自杀的。这不是常态，但确实存在。当然，我们希望我们的用户可以随意发布他们喜欢的内容，但问题在于广告商。也就是GoogleAdsense，它会定期向我们发送警告，警告内容包含过多脏话或诽谤内容。最新的是一篇有人写的关于割伤自己的文章，谷歌认为这太“悲惨”了。我通常能够编写脚本，也可以通过文本查看大量脏话、种族主义用语或反同性恋言论等。但我不能在我的生活中弄清楚如何检测“悲剧”文本。所以，问题是2倍。是否有某种擅长检测不当内容的PHP类/函数/API？对如何
美好的一天。我在php5上有网站。所有查询均使用sqlsrv执行；当我进行查询时出现错误:[Microsoft][SQLServerNativeClient11.0]SharedMemoryProvider:Timeouterror[258]如何修复错误？ 最佳答案 此错误可能是由于连接速度非常慢或SQL查询耗时过长造成的。这不是SQLServer的问题。尝试在PHP的connectionString中扩展超时值。SeethispreviousanswerYouneedtochangesomesettinginyourphp.ini
这个问题在这里已经有了答案:HowtoescapestringsinSQLServerusingPHP?(14个答案)关闭9年前。我可以尽可能多地清理和验证我的输入，但这绝对不能涵盖所有内容，如果我足够努力、足够彻底地擦洗，我将完全删除我的输入。我知道有很多关于这个主题的帖子，但似乎他们总是回到PDO或Mysql(是的-即使有人发布有关SQLServer的帖子，他们收到的一半答案建议mysql_real_escape_string-疯狂的世界)。我不能使用任何一个。即使在我打字时，屏幕右侧会出现一些“类似问题”，但我一直点击各种链接，但没有任何内容能完全回答我的问题。我正在使用SQLS
我的ZF2使用我随处可见的简单结构，在模型中设置inputFilters并在验证期间应用于表单。但我真的在这里碰壁了。如果表单的某些字段需要针对一种模型进行验证，而某些字段需要针对另一种模型进行验证，那么您如何处理表单的验证？我的场景:我使用一个表单在我的数据库的2个表中插入2个条目(添加一个用户，并添加一个链接到该用户的捐赠)。一些字段将放在一个表中，另一些字段将放在第二个表中。就像我说的，我的输入过滤器存储在模型级别。如果我的整个场景只涉及一个模型/表，例如存储一笔捐款而没有其他任何东西，我将按以下方式进行:$donation=newDonation();$form->setInp
我有一个运行良好的代码。它根据先前的列表填充下拉列表，但存在问题。在中的html表单中字段显示“id”，这是一个数值而不是“name”。有人可以告诉我它如何显示“名称”而不是值。实际问题是，它在sql数据库中保存数据时，存储的是国家或州或城市的相应“id”，而不是其“名称”。这是我正在使用的代码。我尝试更改ajax.php中的最后一行echo"$enity_name";至echo"$enity_name";但是动态下拉菜单不起作用，因为它们依赖于“id”。非常感谢您的帮助。ajax.phpdb_connect();//InitiateDatabaseconnection$this->p
我在使用laravel4.1hasWhere过滤关系时遇到问题。迭代1-获取所有帖子:完成$posts=Post::all();迭代2-获取所有帖子延迟加载评论:完成$posts=Post::with('comments')->get();迭代3-仅获取带有评论和延迟加载的帖子:完成$posts=Post::with('comments')->has('comments')->get();迭代4-仅获取已发布评论和延迟加载的帖子:已损坏$posts=Post::with('comments')->whereHas('comments',function($q){return$q->wh
我想知道是否有一个库实现了类似SQL的接口(interface)来访问数组中的数据，例如输入:[['name'=>'Tom','age'=>27,'location'=>['country'=>'GB']],['name'=>'Jerry','age'=>16,'location'=>['country'=>'LT']],['name'=>'Stuart','age'=>26,'location'=>['country'=>'GB']]]虚构查询:SELECTname,location.countryFROM{input}WHEREage>18ORDERBYageDESC这会产生以下变
数据库中的变量time_of_last_update是datetime类型，我想做的就是在表(下)中打印出来，但理想情况下我想了解如何在PHP中将其强制转换/转换为DateTime类型，然后使用其上的方法(例如->format等)以供将来引用。正在做:$time_date=$row['time_of_last_update'];$time_date->format('Y-m-dH:i:s');对来自C#的我来说似乎很明显，但我得到“在非对象上调用成员函数format()”，并且转换似乎也没有帮助我。这看起来非常简单/常见，但我找不到任何示例。$describeQuery='SELECT
我正在尝试创建自己的Twig过滤器。我跟着这个tutoSymfonyOfficialBook.但是我得到这个错误Thefilter"avatar"doesnotexistinsrc/Acme/Bundle/StoryBundle/Resources/views/Story/storyList.html.twig这是我的AvatarExtension.phpgetPicture()&&$user->getPicture()!=''){return$user->getPicture();}else{return'/images/default-avatar.jpg';}}}还有我的AppB
我在使用PHP和SQL时遇到一些问题，PHP对我来说是新手，而且我缺乏SQL。我想在我的数据库表中添加值:值要么取自一个表单，要么取自另一个表(如FK)。这是数据库:createdatabaseAAA;useAAA;createtableassure(id_assurevarchar(13)notnull,nomvarchar(20),adressevarchar(50),mdpvarchar(60),primarykey(id_assure));createtablevehicule(id_vehiculevarchar(13)notnull,immatriculationvarch
